人教版数学202济宁市中考数学试卷及答案解析试题试卷.doc

济宁市二O二O年高中段学校招生考试数学试题 （时间：120分钟 总分：100分） 第I卷(选择题共30分) 一、选择题:本大题共 10小题，每小题3分,共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项 符合题目要求。 1.的相反数是（ ） A. B. C. D. 2.3.14159精确到千分位为（ ） A. 3.1 B. 3.14 C. 3.142 D. 3.141 3.下列各式是最简二次根式的是（ ） A. B. C. D. 4. 若一个多边形的内角和为1080°，则这个多边形的边数为（ ） A. 6 B. 7 C. 8 D. 9 5.一条船从海岛A出发，以15海里/时的速度向正北航行，2小时后到达海岛B处．灯塔C在海岛在海岛A的北偏西42°方向上，在海岛B的北偏西84°方向上．则海岛B到灯塔C的距离是（ ） A. 15海里 B. 20海里 C. 30海里 D. 60海里 6.下表中记录了甲、乙、丙、丁四名运动员跳远选拔赛成绩(单位:cm）的平均数和方差．要从中选择一名成绩较高且发挥稳定的运动员参加决赛,最合适的运动员是（ ） A. 甲 B. 乙 C. 丙 D. 丁 7.数形结合是解决数学问题常用的思思方法．如图，直线y=x+5和直线y=ax+b,相交于点P ,根据图象可知，方程x+5=ax+b的解是（ ） A. x=20 B. x=5 C. x=25 D. x=15 8.已知某几何体的三视图（单位：cm）如图所示，则该几何体的侧面积等于（ ） A. 12πcm2 B. 15πcm2 C. 24πcm2 D. 30πcm2 9.如图，在△ABC中点D为△ABC的内心,∠A=60°,CD=2,BD=4．则△DBC的面积是（ ） A. 4 B. 2 C. 2 D. 4 10.小明用大小和形状都完全一样的正方体按照一定规律排放了一组图案(如图所示),每个图案中他只在最下面的正方体上写“心”字,寓意“不忘初心”.其中第(1)个图案中有1个正方体,第(2)个图案中有3个正方体,第(3)个图案中有6个正方体，……按照此规律，从第(100)个图案所需正方体中随机抽取一个正方体，抽到带“心”字正方体的概率是（ ） A. B. C. D.        第Ⅱ卷(非选择题共70分) 二、填空题:本大题其5小题，每小题3分，共15分。 11.分解因式a3-4a的结果是 ______________． 12.已知三角形的两边长分别为3和6,则这个三角形的第三边长可以是__________(写出一个即可)， 13.已如m+n=-3.则分式的值是____________． 14.如图，小明在距离地面30米的P处测得A处的俯角为15°，B处的俯角为60°．若斜面坡度为1：,则斜坡AB的长是__________米． 15.如图,在四边形ABCD中，以AB为直径的半圆O经过点C,D．AC与BD相交于点E，CD2=CE·CA,分别延长AB,DC相交于点P，PB=BO，CD=2．则BO的长是_________． 三、解答题: 16.先化简，再求值:(x+1)(x-1)+x(2-x),其中x=． 17.某校举行了“防溺水”知识竞赛，八年级两个班选派10名同学参加预赛，依据各参赛选手成绩(均为整数)绘制了统计表和折线统计图(如图所示)． (1)统计表中,a=________, b =________； (2)若从两个班的预赛选手中选四名学生参加决赛,其中两个班的第一名直接进入决赛，另外两个名额 在成绩为98分的学生中任选两个，求另外两个决赛名额落在不同班级的概率． 18.如图,在△ABC中,AB=AC，点P在BC上． (1)求作:△PCD,使点D在AC上，且△PCD∽△ABP；(要求:尺规作图，保留作图痕迹,不写作法) (2)在(1)的条件下,若∠APC=2∠ABC，求证:PD//AB． 19.在△ABC中.BC边的长为x,BC边上的高为y,△ABC的面积为2． (1)y关于x的函数关系式是________， x的取值范围是________； (2)在平面直角坐标系中画出该函数图象； (3)将直线y=-x+3向上平移a(a>0)个单位长度后与上述函数图象有且只有一个交点，请求出此时a的值． 20.为加快复工复产，某企业需运输批物资．据调查得知，2辆大货车与3辆小货车一次可以运输600箱；5辆大货车与6辆小货车一次可以运输1350箱． (1)求1辆大货车和1辆小货车一次可以分别运输多少箱物资； (2)计划用两种货车共12辆运输这批物资，每辆大货车一次需费用5 000元，每辆小货车一次需费用3000元．若运输物资不少于1500箱，且总费用小于54000元，请你列出所有运输方案,并指出哪种方案所需费用最少，最少费用是多少? 21.我们把方程(x- m)2+(y-n)2=r2称为圆心为(m，n)、半径长为r的圆的标准方程．例如，圆心为(1,-2)、半径长为3的圆的标准方程是(x- 1)2+(y+2)2=9．在平面直角坐标系中,圆C与轴交于点A．B．且点B的坐标为(8．0),与y轴相切于点D(0, 4)，过点A,B,D的抛物线的顶点为E． (1)求圆C的标准方程； (2)试判断直线AE与圆C的位置关系，并说明理由． 22.如图，在菱形ABCD中，AB=AC，点E、F、G分别在边BC、CD上，BE=CG，AF平分∠EAG，点H是线段AF上一动点(与点A不重合)． (1)求证:△AEH≌△AGH； (2)当AB=12，BE=4时： ①求△DGH周长的最小值； ②若点O是AC的中点，是否存在直线OH将△ACE分成三角形和四边形两部分，其中三角形的面积与四边形的面积比为1:3．若存在，请求出的值；若不存在，请说明理由． 济宁市二O二O年高中段学校招生考试数学试题答案解析 一、选择题 1. D解析：的相反数是，故选D. 2. C解析：3.14159精确到千分位为3.142．故选C． 3. A解析：A、是最简二次根式，故选项正确；B、=，不是最简二次根式，故选项错误；C、，不是最简二次根式，故选项错误；D、，不是最简二次根式，故选项错误；故选A. 4. C解析：设这个多边形的边数为n，由n边形的内角和等于180°（n﹣2），即可得方程180（n﹣2）=1080，解得n=8．故选C． 5. C解析：∵根据题意得：∠CBD=84°，∠CAB=42°，∴∠C=∠CBD-∠CAB=42°=∠CAB， ∴BC=AB，∵AB=15海里/时×2时=30海里，∴BC=30海里，即海岛B到灯塔C的距离是30海里．故选C. 6. C解析：∵乙和丁的平均数最小，∴从甲和丙中选择一人参加比赛，∵丙的方差最小，即成绩比较稳定，∴选择丙参赛；故选C． 7. A解析：由图，知直线y=x+5和直线y=ax+b交于点P（20，25），∴方程x+5=ax+b的解为x=20．故选A． 8. B解析：由三视图可知这个几何体是圆锥，高是4cm，底面半径是3cm，所以母线长是（cm），∴侧面积＝π×3×5＝15π（cm2），故选B． 9. B解析：如图，过点B作BH⊥CD于点H．∵点D为△ABC的内心，∠A=60°，∴∠BDC=90°+∠A=90°+×60°=120°，则∠BDH=60°，∵BD=4，BD：CD=2：1∴DH=2，BH=2，CD=2， ∴△DBC的面积为CD•BH=×2×2=2.故选B. 10. D 解析：由图，知第1个图形共有1个正方体，最下面有1个带“心”字正方体； 第2个图形共有1+2=3个正方体，最下面有2个带“心”字正方体；第3个图形共有1+2+3=6个正方体，最下面有3个带“心”字正方体；第4个图形共有1+2+3+4=10个正方体，最下面有4个带“心”.........第n个图形共有1+2+3+4+...+n=个正方体，最下面有n个带“心”字正方体；则第100个图形共有1+2+3+4+...+100==5050个正方体，最下面有100个带“心”字正方体；∴从第(100)个图案所需正方体中随机抽取一个正方体，抽到带“心”字正方体的概率是，故选D． 二、填空题: 11. a（a+2）（a-2）解析：a3-4a=a（a2-4）=a（a+2）（a-2）， 12. 4（答案不唯一，在3＜x＜9之内皆可）解析：根据三角形的三边关系，得第三边应大于6-3=3，而小于6+3=9，故第三边的长度3＜x＜9． 13. ， 解析：原式== ===，∵m+n=-3，代入，原式=. 14. 解析：如图所示：过点A作AF⊥BC于点F，∵斜面坡度为1：， ∴tan∠ABF=，∴∠ABF=30°，∵在距离地面30米的P处测得A处的俯角为15° B处的俯角为60°，∴∠HPB=30°，∠APB=45°，∴∠HBP=60°，∴∠PBA=90°，∠BAP=45°， ∴PB=AB，∵PH=30m，sin60°=，解得PB=，故AB=m， 15. 4【解析】：连接，如图，设的半径为，，，而，，，，，，，，，，，，，，，即，，即OB=4. 三、解答题: 16.解：原式== 将x=代入，原式=0. 17.解;（1）由图,知八（1）班学生成绩分别为100、92、98、96、88、96、89、98、96、92， ∴八（1）班的众数为96，即a=96， 八（2）班学生成绩分别为89、98、93、98、95、97、91、90、98、99， 从小到大排列为89、90、91、93、95、97、98、98、98、99， 八（2）班的中位数为（95+97）÷2=96，即b=96； （2）设八（1）班98分的学生分别为A，B，八（2）班98分的学生分别为D、C、E， 可知共有（A，B），（A，C），（A，D），（A，E），（B，C），（B，D），（B，E），（C，D），（C，E），（D，E）10种情况， 其中满足另外两个决赛名额落在不同班级的情况有（A，C），（A，D），（A，E），（B，C），（B，D），（B，E），共6种， ∴另外两个决赛名额落在不同班级的概率为. 18.解：（1）∵△PCD∽△ABP， ∴∠CPD=∠BAP， 故作∠CPD=∠BAP即可， 如图，即为所作图形， （2）∵∠APC=∠APD+∠DPC=∠ABC+∠BAP=2∠ABC， ∴∠BAP =∠ABC， ∴∠BAP=∠CPD=∠ABC， 即∠CPD =∠ABC， ∴PD∥AB. 19.解：（1）由题意，得S△ABC=xy=2， 则y=， 其中x的取值范围是x＞0， （2）函数y=（x＞0）的图像如图所示； （3）将直线y=-x+3向上平移a(a>0)个单位长度后得到y=-x+3+a， 若与函数y=（x＞0）只有一个交点， 联立，得， 则， 解得a=1或-7（舍）， ∴a的值为1. 20.解：（1）设1辆大货车和1辆小货车一次可以分别运输x箱，y箱物资， 根据题意，得，解得， 答：1辆大货车和1辆小货车一次可以分别运输150箱，100箱物资； （2）设安排m辆大货车，则小货车（12-m）辆，总费用为W， 则150m+（12-m）×100≥1500，解得m≥6， 而W=5000m+3000×（12-m）=2000m+36000＜54000， 解得m＜9， 则6≤m＜9， 则运输方案有3种： 6辆大货车和6辆小货车； 7辆大货车和5辆小货车； 8辆大货车和4辆小货车； ∵2000＞0， ∴当m=6时，总费用最少，且为2000×6+36000=48000元. ∴共有3种方案，当安排6辆大货车和6辆小货车时，总费用最少，为48000元. 21.解：如图，连接CD，CB，过点C作CF⊥AB， ∵点D（0，4），B（8，0），设圆C半径为r，圆C与y轴切于点D， 则CD=BC=OF=r，CF=4， ∵CF⊥AB，∴AF=BF=8-r， 在△BCF中，， 即，解得r=5， ∴CD=OF=5，即C（5，4）， ∴圆C的标准方程为：； （2）由（1）可得：BF=3=AF，则OA=OB-AB=2， 即A（2，0）， 设抛物线表达式为：，将A，B，D坐标代入， ，解得：， ∴抛物线表达式为：， ∴可得点E（5，）， 设直线AE表达式为：y=mx+n，将A和E代入， 可得：，解得：， ∴直线AE的表达式为：， ∵圆C的标准方程为， 联立， 解得：x=2， 故圆C与直线AE只有一个交点，横坐标为2， 即圆C与直线AE相切. 22.解：（1）∵四边形ABCD菱形， ∴AB=BC， ∵AB=AC， ∴△ABC是等边三角形， ∴∠B=∠ACB=∠ACD=60°， ∵BE=CG，AB=AC， ∴△ABE≌△ACG， ∴AE=AG， ∵AF平分∠EAG， ∴∠EAH=∠GAH， ∵AH=AH， ∴△AEH≌△AGH； （2）①如图，连接ED，与AF交于点H，连接HG， ∵点H在AF上，AF平分∠EAG，且AE=AG， ∴点E和点G关于AF对称， ∴此时△DGH的周长最小， 过点D作DM⊥BC，交BC的延长线于点M， 由（1）得：∠BCD=∠ACB+∠ACD=120°， ∴∠DCM=60°，∠CDM=30°， ∴CM=CD=6， ∴DM=， ∵AB=12=BC，BE=4， ∴EC=DG=8，EM=EC+CM=14， ∴DE==DH+EH=DH+HG， ∴DH+HG+DG= ∴△DGH周长的最小值为； ②当OH与AE相交时，如图，AE与OH交于点N， 可知S△AON：S四边形HNEF=1:3， 即S△AON：S△AEC=1:4， ∵O是AC中点， ∴N为AE中点，此时ON∥EC， ∴， 当OH与EC相交时，如图，EC与OH交于点N， 同理S△NOC：S四边形ONEA=1:3， ∴S△NOC：S△AEC=1:4， ∵O为AC中点， ∴N为EC中点，则ON∥AE， ∴， ∵BE=4，AB=12， ∴EC=8，EN=4， 过点G作GP⊥BC，交BNC延长线于点P， ∵∠BCD=120°， ∴∠GCP=60°，∠CGP=30°， ∴CG=2CP， ∵CG=BE=4， ∴CP=2，GP=， ∵AE=AG，AF=AF，∠EAF=∠GAF， ∴△AEF≌△AGF， ∴EF=FG， 设EF=FG=x，则FC=8-x，FP=10-x， 在△FGP中，， 解得x=， ∴EF=， ∴， 综上：存在直线OH，的值为或.